<质数分布模式的建立及其应用>与《附件》

trx

数形结合，其实质是将抽象的数学语言与直观的图形联系起来，使抽象思维和形象思维结合起来，通过对图形的处理，发挥直观对抽象的支柱作用，揭示数和形之间的内在联系，实现抽象概念和具体形象、表象之间的转化，发展新的思维。

天瓶座的女孩

回复 trx 的帖子

您好，这对我研究素数有很大帮助，请问您能帮我分析一些文章里我不懂的么？ 当我老师把。。重谢。。

fllen_7

我也想了解了解！！！先顶一个

) }+ G: p% H! D+ F

: T* e. }* h4 H5 N0 {! X
" R- g2 ?! Q. J7 K
$ V0 i% z0 {6 v" p" B

! s/ T& U! d2 ~
/ o% c) f' D# u! q% i; `; b
' e% ^. D; T! |7 `; I

/ R+ t! b, M, f
金枝玉叶下载.

1395094431

不脫离纯数值覌念越说越糊凃，不是什么创新而是守旧

海里游

本人能力较差，但我怎么看着觉得这不就是筛法吗？挖掉的(涂色的)是合数，留下的是素数，不知我的理解是否正确？

jt202010

liuxiaoqiang

对不起楼主，由于本人是新手，无发贴的权利，只好将我的一篇论文登在此处，与大家探讨。
# \! ~$ V5 B2 s6 V- A* l用求根方法巧妙证明费马猜想
作者：刘孝强
/ k! K( s- T/ Z7 z9 z8 ~一、费马猜想简介：
1.费马猜想： 当整数n > 2时，关于x, y, z的不定方程 x^n + y^n = z^n无正整数解。
2.费马在阅读丢番图《算术》拉丁文译本时，曾在第11卷第8命题旁写道：“将一个立方数分成两个立方数之和，或一个四次幂分成两个四次幂之和，或者一般地将一个高于二次的幂分成两个同次幂之和，这是不可能的。关于此，我确信已发现了一种美妙的证法，可惜这里空白的地方太小，写不下。”（拉丁文原文: "Cuius rei demonstrationem mirabilem sane detexi. Hanc marginis exiguitas non caperet."）毕竟费马没有写下证明，而他的其它定理对数学贡献良多，由此激发了许多数学家对这一猜想的兴趣。数学家们的有关工作丰富了数论的内容，推动了数论的发展。
- [. Y$ b" t. e3.这个猜想，本来又称费马最后定理，由17世纪法国数学家费马提出，而当时人们称之为“猜想”，并不是真的相信费马已经证明了它。虽然费马宣称他已找到一个绝妙证明，但经过三个半世纪的努力，这个世纪数论难题才由普林斯顿大学英国数学家安德鲁•怀尔斯和他的学生理查•泰勒于1995年成功证明。证明利用了很多新的数学，包括代数几何中的椭圆曲线和模形式，以及伽罗华理论和Hecke代数等，令人怀疑费马是否真的找到了正确证明。而安德鲁•怀尔斯(Andrew Wiles)由于成功证明此猜想，获得了1998年的菲尔兹奖特别奖以及2005年度邵逸夫奖的数学奖。
甚至有许多数学家断言：费马猜想不可能用初等数学的方法证明。
# N$ p8 P9 l- o+ D# K; g1 f二、求根方法证明费马猜想简介：
安德鲁•怀尔斯的证明十分繁琐，而本人以下的证明十分简明。
) \% n/ j  [7 B# i6 |1.我们知道费马猜想即：当n > 2时，不定方程x^n + y^n = z^n 没有正整数解。为了证明这个结果，只需证明方程x^4 + y4^ = z^4 (x , y，z) = 1和方程x^p + y^p = z^p (x , y，z) = 1［p是一个奇素数］均无正整数解即可。
n = 4的情形已由莱布尼茨和欧拉解决。
! j% ~* Z* j) k0 v% O* ?- R! q现在本人用求根方法来证明x^p + y^p = z^p ，(x , y，z)= 1［p是一个奇素数］无正整数解。
1 j1 ^  Y( T+ N' X1 Y因(x , y，z)= 1，很容易证明x和 y，要么均为奇数，要么为一奇一偶。
" H3 l5 x% Q8 A2 H) k2.为了证明简单明了，我们先来看p=3的情形。我这种证明方法可推出p为任何奇素数的对费马猜想的一般证明：当p≥3的素数时，x^n+y^n=z^n无正整数解。
$ Q, `9 _6 x. C3 Z用反证法。假定 x^3+y^3=z^3有正整数解。有x和 y要么均为奇数，要么为一奇一偶。不妨假设y为奇数。那么有：
z^3 = x^3 + y^3=（x + y）（x^2 + y^2－xy）。
% D/ ]- h4 A) O: e$ s$ E- p设x^2 + y^2－xy=A，即x^2 －xy + y^2－A =0，把此式看成关于x的一元二次方程。
为了后面的证明，我把x^2 －xy + y^2－A =0这样的方程称为标准方程。
! Q6 [9 n" x( h3 _5 m即求x^2 －xy +y^2－A =0的解。用求根公式，有x=-（-y）±√（－y）^2－4（y^2－A）/2（注：√表示根号）= y±√（－y）^2－4y^2+4A/2= y±√4A－3y^2/2=  y±√4（x^2 + y^2－xy）－3y^2/2= y±√（2x －y）^2/2。因（2x －y）^2≥0，所以方程在实数范围内有根。这里需要讨论：
8 k6 n: Z1 k& [) \（1）当2x －y>0时，因x= y±√（2x －y）^2/2，可得x=x，或x = y/2 即y= 2x（这与2x －y>0相矛盾，舍去）。
: \/ e7 ~  {: ]1 L: [' U6 H% t, m8 Z（2）当2x －y<0时，因x= y±√（2x －y）^2/2，可得x=x，,或x = y/2 即y= 2x（这与2x －y<0相矛盾，舍去）。
（3）当2x －y=0时，因x= y±√（2x －y）^2/2，可得y= 2x。
$ V5 j. M$ K6 v1 c5 O( p  m综合上面三种情况：在实数范围内，x^2 －xy + y^2－A =0有实根x=x或x = y/2 即y= 2x。
但显然在正整数范围内，因y= 2x，有y为偶数，与前面假设y为奇数相矛盾。也就是说x^3+y^3=z^3在正整数范围内无解。
' R( m9 F. \6 [4 w# ?: r为进一步明白我的思路，现在来看x^5 + y^5=z^5的情况。这时有x和 y要么均为奇数，要么为一奇一偶。不妨假设y为奇数。那么：
- C" c# M4 j) `Z^5= x^5 + y^5=（x + y）（x^4 + xy^3－x^2y^2+ x^3y+y^4）
设x^4 + xy^3－x^2y^2+x^3y+ y^4=M，又设x^4－x^2y^2+ y^4=M- xy^3 -x^3y =C，即x^4+ y^4－x^2y^2- C = 0，用代元法，设x^2=X ，y^2=Y，有：X^2+ Y^2－XY- C = 0，这就成了标准方程，从而可用证明标准方程的方法进行证明即可。采用上面的方法，在实数范围内，有由X = X或X= Y/2 即Y= 2X。但在正整数范围内，由Y= 2X，有y^2= 2x^2，这时y为偶数，与前面假设y为奇数相矛盾。也就是说x^5+y^5=z^5在正整数范围内无解。
( ?9 M9 B/ h' h现在来看费马猜想的一般情形：同样用反证法。假定x^P+y^P=z^P（p是一个奇素数）有正整数解。这时有x和 y要么均为奇数，要么为一奇一偶。不妨假设y为奇数。那么因z^P=x^P－y^P=（x + y）（x^P-1+xy^p-2+…－ x ^p-1/2y^p-1/2+…+ x^P-2y+ yP-1）,设（x^P-1+xy^p-2+…－ x ^p-1/2y^p-1/2+…+ x^P-2y+ y^P-1）=C，即x^P-1+…－ x^ p-1/2y^p-1/2+…+ x^P-2y + y^P-1－C=0，设D=C-（xy^p-2+…+ x^P-2y），采用上面的方法很容易推出方程：x^P-1－x^p-1/2y^p-1/2+y^P-1－D=0，用代元法设x^ P-1/2=X ，y^p-1/2=Y，有：X^2+ Y^2－XY- D = 0，这就成了标准方程，从而按证明标准方程的方法就可以证明：x^P+y^P=z^P（p是一个奇素数）无正整数解。
证毕。

, |7 q, e0 A" u+ a$ S  k& L) d6 v                         2010年12月3日
' K/ x* c$ k& \5 T
（作者单位：四川省万源市太平镇。QQ号：516030331）

) z5 H- U- `! x6 N6 Z! B/ B

孤寂冷逍遥

xixiai10jk

论坛有很多新闻到这里了，也不错哦。

. [( F) W& Z; M; l& f  f
6 b; r; c- u& \$ B' z
$ [& _5 E1 b2 a3 n5 N" C* x& d
2 b- t$ ~* a  ~; J( b
+ R% L6 l1 ~( i8 l( \1 k

trx

著名数学家华罗庚曾说过：“数缺形时少直观，形少数时难入微，数形结合百般好，隔离分家万事休。”并一语双关地告诫学生“不要得意忘形”！
. C6 G  w1 Z6 g+ t美国数学家斯蒂恩说：“如果一个特定的问题可以转化为一个图形，那么思想就整体地把握了问题，并能创造性思索问题的解法。”
诺贝尔奖获得者，认知心理学家西蒙也指出：“人们在解决数学问题时，大多数是通过模式识别来解决的。”
" C# x- f/ [4 l. X, v  B% p   据上几位著名大师的经典之说，则本文通篇对一系列与质数相关的问题之论，就是以
7 L+ F1 Y& ?$ e+ C质数最原始最基础的图形性质---质数作周期性占位之“形”为主导的‘形’‘数’相结合讨论而进行的。则把此种讨论总称为《周期数论》。
3 }5 {7 a3 B) ^. H