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请教王树禾教授

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张彧典        

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    [LV.2]偶尔看看I

    自我介绍
    从1979年开始,潜心研究世界数学名题四色问题的人工证明,去年由科学出版社出版了《四色问题探秘》小册子。

    群组学术交流A

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    1#
    发表于 2014-5-31 12:02 |只看该作者 |倒序浏览
    |招呼Ta 关注Ta
    王树禾教授在他的《图论》(2004年出版)第99-100页中,有定理5.6的证明,  N% }% k* S2 i- H2 N
    现在转载如下:

    ' G4 L' Q4 T/ }# U% k% V. i( ~8 N! v定理5.6 (Wernicke 1904){5次顶与5次顶相邻,5次顶与6次顶相邻}是不可避免集。
    7 m9 D( w* V/ Q9 h+ P7 d
        证明:令T是一个不含二次、三次和四次顶的三角剖分。我们约定,开始时K次顶所带电荷( b: Y6 Y8 d  ]6 E0 `/ U$ [. r
    为6-K,由定理5.5,T上各顶总电荷为 ∑(6-K)Pk=12,其中Pk是k次顶的数目,,而K≥5.
    8 [# K5 h! T7 c/ m. p; Q
                                                    k
    3 S, }& n( H  \3 @0 {/ u/ `! Z$ d7 `    把带一个单位正电荷的每个5次顶向其每个带负电荷的相邻顶输送1/5个电荷。
    & r# ^: M* A- M1 W/ B1 B5 b$ y    如果不存在5次顶与5次顶或者5次顶与6次顶相邻的想象,每个5次顶必有5个开始带负电荷: Q, P. a  o) L, f
    的相邻顶,即5次顶与7次以上的顶相邻,最后5次顶上的电荷变成0.
    1 v! b$ R3 s5 |" |' d
        考虑K≥7的顶,即使这种顶的相邻顶都是5次顶,这种K次顶所获电荷至多为K/5,使它带的
    & t0 \% [% f5 j. ]/ i) k' `' L总电荷为! r. B+ ?) X% r9 Q% r
                      (6-K)+ K/5=6+K/6-K=(36-5K)/6<0,     【我把这个算式记为(1)】( R$ Z$ {+ D9 o8 W4 I4 B
    于是T上的总电荷量是负的,不是12,矛盾。证明{5次顶与5次顶相邻,5次顶与6次顶相邻}是% H! T( {  B, A, y7 g# ~) q2 J
    不可避免集。% Z0 n6 p$ n& S; b
    [证毕]2 m. K6 H3 H5 l) ^7 Q' ^

    0 D( }: c! M2 Y9 z    在以上证明中我们发现, (1)式第一个等号前后数字5和6不一致,

    * X; ~7 e3 ~; w" Q* n4 x- ?    如果(1)式中的分母都是5的话,(1)式应该是9 r6 R! B& w! u: f: b: K/ z
          (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 ,只有当K大于7时才有(1)< 0,这又表明开; K( j1 `- P+ \0 _  S7 B
    头“考虑K=7”有问题了。
    " p9 j- k- s" `3 o% b    [ 野花回复:应该是 k/6 ,]- {6 M% f2 C; n7 h
          如果确定是k/6,那么(1)式为 ' t$ c0 R- @: G, r8 f2 U
       (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(36-5K)/6<0,其中7 }, O' y& x: m
        把k=7带入(36-5K)/6时,得
    ( ^/ @  ^& K: k! I& }9 ^& Z3 s    ( 36-5x7)/6=1/6>0,显然与(1)式的值小于0矛盾,所以说明开头所设应该为k>7
    5 D/ Q. i) s* r" @- S' p4 L0 |才对。但是这样一来,定理5.6中的构形就不是两个而是三个了。

    , ]- [; m: P( I( R/ e0 y' V9 E0 _9 W  D0 D9 E1 ?7 S2 q
        那么(1)式究竟是什么样呢?是不是:
    9 a$ B, x! x% R: D8 Q     (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 < 1  (1-1)& d; j5 \9 O% U' f; J  A
    或者# O% D9 M6 W5 h7 i9 I
        (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(36-5K)/6 < 1, (1-2), B4 Y( ]4 d; _' F6 `  u. t
    因为只有在这两种情形下,所设K≥7才有意义。 4 t# b# C; l/ u2 d" ?7 I( Y( z
        如果千真万确 是
    (1-1) 或者(1-2)  的话,对于(1)式,我们可以仿照证明定理5.6的思路:
    0 O9 z: X- G  A7 n- `3 ?0 M2 H    考虑K≥6的顶,即使这种顶的相邻顶都是5次顶,这种K次顶所获电荷至多为K/5,使它带4 k  K8 z5 |7 `% l, }  |3 a
    的总电荷为

    # q/ k0 @2 s" `            (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 < 2   
    / p* z1 K2 J8 v, w' m- r   或者
       (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(30-4K)/6 ≤ 1,: X' u, g9 o+ X/ Z; W1 `
       于是T上的总电荷量< 2 ,不是12,矛盾。证明定理5.6中只有第一种构形就够了。
    , e/ n5 e6 i. f3 k3 x0 i   这是因为,比较考虑“K≥6”与“K≥7”的证明,只是前者比后者多考虑了K=6的情形,由于6 L/ B5 H$ P/ e4 h, c* O
    6次顶是中性的,它既不需要发出电荷,也不需要吸收电荷,所以可以完全不考虑它的存在,即没有; B  O* W5 }2 U4 x% l3 k
    必要考虑5次顶与6次顶相邻的构形了。
    * {( y, T! U  h( c
         如果这个仿照证明成立的话,就说明我在《数学学习与研究》2011(21)发表的《与阿
      L# _; s; i& z. P* G. y7 y% j沛尔-哈肯证明四色定理商榷》文中的分析是正确的。(在我的搜狐博文《 Wernicke   第四不可
    + E6 J# g) ~7 a. r- g, b. d避免构形的简化》中有所修改)。
    9 k2 \: S! G0 Y( |8 E2 @
        我的认识对不对,请王教授指导.+ z$ t: M  A# L7 x
                                                                         2014.04。09' Q+ X* \5 v5 B5 }6 }- T
       [野花回复:从这段内容看,此教材太差劲了!!!]
    # N5 f4 L6 a* y. n
    4 \- f+ `0 B5 f9 t" T3 h3 t0 l

    . D& Z7 Z! I! k! H! y6 y. V: M8 v1 M
    zan
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