尺规三点分60°角的代数模型(pdf)

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                                                      苏小光
             一  背景资料
/ D9 ^2 R% \" I7 Y: _+ N  尺规能否三等分任意角，是古希腊人提出来的一个几何难題。有人证明尺规不能三等分任意角，是因为
         cos\alpha =4cos^{3}\frac{\alpha }{3}-3cos\frac{\alpha }{3}
6 k9 `# h1 o" k. j; z       当 \alpha =60°,cos\frac{\alpha }{3}=x时，
$ H1 u: J( ?  m         8x^{3}-6x-1=0,
- ]' t' [& K: L) }3 X' t9 C8 S. g: @ 这个方程没有有理根，认定尺规不能三等分60°角，从而推导出尺规不能三等分任意角。[1]
要否证尺规不能三等分任意角，就必须证明尺规能三等分60°角。若尺规能作出
% e2 b  N( f. s  [' ?7 E, ^. i9 a, E        \gamma =20°,
; v7 @" w# x  u/ m& b2 A则尺规能三等分60°角.
二  代数模型
      tan\theta =\frac{sin\beta }\left (  \right {1-sin^{2}\beta })^{2}}
当sin\beta =\frac{1}{6} 时,
  tan\theta = 0.1763265306
所以  \theta=10°, 显然  2\theta=\gamma, 所以尺规能三等分60°角。
三 代数模型的几何解释(或作图)
作线段BC=n,AC=6n,∠B=90°，得到Rt△ABC，令\beta =∠BAC, 则
sin\beta =\frac{BC}{AC}=\frac{n}{6n}=\frac{1}{6},
& X8 }% L4 L4 E$ e! \% JRt△ABC绕AB边旋转一周得到的圆锥体，其底面圆周长
  l=2n\pi,
. F& K3 I2 u1 V: c圆锥体的侧面展开图为扇形，圆锥体的底面圆周长与扇形的弧长相等，扇形的半径R=AC,设扇形的圆心角为a,则
l=\frac{aR\pi }{180},
2 o9 T, v7 ]2 l/ g) _即
    2n\pi =\frac{6na\pi }{180},
所以，a =60°.
在Rt△ABC中，
cos\beta =\sqrt{1-sin^{2}\beta },
, q' e' s6 m! [4 N- P5 y. i所以
AB=6n\sqrt{1-sin^{2}\beta }.
0 `8 U  R- K8 V+ T6 y/ h/ t以AB为斜边, ∠BAD=\beta,∠ADB=90°, 作Rt△ADB,则
7 Y. E) |( x; nAD=ABcos\beta= 6n\left ( 1-sin^{2}\beta  \right ).
以AD为斜边, ∠DAE=\beta,,∠AED=90°, 作Rt△AED, 则
& d$ R% V! c/ j  AE=AD cos\beta=6n\left ( 1-sin^{2}\beta  \right ) \sqrt{1-sin^{2}\beta }
以AE为斜边, ∠EAF=\beta,∠AFE=90°, 作Rt△AFE, 则
AF=AE cos\beta=6n\left ( 1-sin^{2}\beta  \right )^{2}
以AF=6n\left ( 1-sin^{2}\beta  \right )^{2}, FG=n, ∠AFG=90°, 作Rt△AFG,
# S6 J: [- j5 {( B, s令∠FAG=\theta,则
tan\theta =\frac{n}{6n\left ( 1-sin^{2}\beta  \right )^{2}}.
注[1]: 初等几何研究，朱德祥编，高等教育出版社，1985年2月，177-179.

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