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请教王树禾教授

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张彧典        

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    [LV.2]偶尔看看I

    自我介绍
    从1979年开始,潜心研究世界数学名题四色问题的人工证明,去年由科学出版社出版了《四色问题探秘》小册子。

    群组学术交流A

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    1#
    发表于 2014-5-31 12:02 |只看该作者 |正序浏览
    |招呼Ta 关注Ta
    王树禾教授在他的《图论》(2004年出版)第99-100页中,有定理5.6的证明,1 w+ Z. V  ]; f( F
    现在转载如下:
    9 s, r; T. [. q6 X
    定理5.6 (Wernicke 1904){5次顶与5次顶相邻,5次顶与6次顶相邻}是不可避免集。
    ! m' L) ]: F' O2 o/ x8 ^$ O
        证明:令T是一个不含二次、三次和四次顶的三角剖分。我们约定,开始时K次顶所带电荷7 o( L% U; M! S# v4 q
    为6-K,由定理5.5,T上各顶总电荷为 ∑(6-K)Pk=12,其中Pk是k次顶的数目,,而K≥5.

    2 r% N+ Z& ]. I' P, P6 Y: Q$ [$ Z8 S                                                k 1 J  k" t" P+ I  x. ]8 R
        把带一个单位正电荷的每个5次顶向其每个带负电荷的相邻顶输送1/5个电荷。
    ( f3 |: x8 @+ G; _  C4 \7 f    如果不存在5次顶与5次顶或者5次顶与6次顶相邻的想象,每个5次顶必有5个开始带负电荷' Z7 L4 l5 x9 A& H, S
    的相邻顶,即5次顶与7次以上的顶相邻,最后5次顶上的电荷变成0.

    4 |  U0 z! U1 S3 n7 l/ V! a    考虑K≥7的顶,即使这种顶的相邻顶都是5次顶,这种K次顶所获电荷至多为K/5,使它带的& h  s, ^3 `& s+ A  q
    总电荷为
    0 B; v% X" l- N0 V5 U                  (6-K)+ K/5=6+K/6-K=(36-5K)/6<0,     【我把这个算式记为(1)】* N( y" F% Q1 W- c  ?6 a! Q3 g9 S
    于是T上的总电荷量是负的,不是12,矛盾。证明{5次顶与5次顶相邻,5次顶与6次顶相邻}是
    ( l+ _6 f3 T3 ?- q( g4 J% o0 R不可避免集。  y- H0 d/ T( H
    [证毕]
    + H$ |" Y& C$ F) E2 V7 V) E6 ^- e3 k2 H1 V! c6 r' g
        在以上证明中我们发现, (1)式第一个等号前后数字5和6不一致,

    8 r* z2 V' ^5 R, r/ J    如果(1)式中的分母都是5的话,(1)式应该是
    * N# ~/ l3 ?( t/ L) ^; v      (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 ,只有当K大于7时才有(1)< 0,这又表明开
    $ Q- V5 }8 |: V4 n头“考虑K=7”有问题了。
    ) K1 O' \; `; p8 o    [ 野花回复:应该是 k/6 ,]
    7 E$ v) B! I6 I      如果确定是k/6,那么(1)式为 0 A& V0 z$ |, S+ {3 B
       (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(36-5K)/6<0,其中
    , o+ p  ]% r3 x. ^' ~4 J( k    把k=7带入(36-5K)/6时,得
    4 h  K0 d: g5 x3 s6 z4 {$ p    ( 36-5x7)/6=1/6>0,显然与(1)式的值小于0矛盾,所以说明开头所设应该为k>7/ x  g3 m- ?  _, k& r" p
    才对。但是这样一来,定理5.6中的构形就不是两个而是三个了。

    4 D" \0 h2 ^5 ~. _! G8 p7 E$ b; T
    - Z! B% Z# U* M$ T0 L" ^! }  r/ f    那么(1)式究竟是什么样呢?是不是:& N- @* B' }$ w3 R2 k
         (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 < 1  (1-1)6 k& y- K% \8 J1 b* p% Q: b
    或者+ [6 i$ j2 C; V3 o
        (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(36-5K)/6 < 1, (1-2)
    , `  g5 T$ J0 N, h+ _因为只有在这两种情形下,所设K≥7才有意义。
    , o8 ^  \3 ^3 ]# z! D1 n    如果千真万确 是
    (1-1) 或者(1-2)  的话,对于(1)式,我们可以仿照证明定理5.6的思路:" [& Q6 z6 C0 y7 q! P2 x; A4 T
        考虑K≥6的顶,即使这种顶的相邻顶都是5次顶,这种K次顶所获电荷至多为K/5,使它带
    9 a* \2 I6 u/ [; H( X  A) a" e的总电荷为
    9 S8 k' A9 U' ^0 O/ Z! r, l+ Z
                (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 < 2   
    . ]# p' G: i+ r4 [+ @* n   或者
       (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(30-4K)/6 ≤ 1,4 L1 s$ G; U& T# ^
       于是T上的总电荷量< 2 ,不是12,矛盾。证明定理5.6中只有第一种构形就够了。
    0 L% Y  H+ S6 L2 b   这是因为,比较考虑“K≥6”与“K≥7”的证明,只是前者比后者多考虑了K=6的情形,由于9 K% x* T7 G6 y+ _/ L
    6次顶是中性的,它既不需要发出电荷,也不需要吸收电荷,所以可以完全不考虑它的存在,即没有) r: |8 U/ T+ y( K8 U6 u9 D7 P3 J
    必要考虑5次顶与6次顶相邻的构形了。
    9 C( @( w6 u% i7 j$ b! @( u
         如果这个仿照证明成立的话,就说明我在《数学学习与研究》2011(21)发表的《与阿$ e& V1 O) `* C
    沛尔-哈肯证明四色定理商榷》文中的分析是正确的。(在我的搜狐博文《 Wernicke   第四不可" c' _  M, b  N0 T3 b' _+ k& @
    避免构形的简化》中有所修改)。

    : T" _5 c5 M+ b& |" m    我的认识对不对,请王教授指导.
    ) R; T! l3 O& m6 W( z- _                                                                     2014.04。09
    ) \- O" O0 q4 {/ V+ Q# Z: V5 T   [野花回复:从这段内容看,此教材太差劲了!!!] & ^+ T# h! s/ B9 L) c0 B6 |

    & m% \, o% a3 f4 v! g, m# ]+ H' j
    . G$ M( D2 O2 G5 J5 r
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