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升级   7% TA的每日心情 | 开心 2013-5-30 09:18 |
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签到天数: 4 天 [LV.2]偶尔看看I
- 自我介绍
- 从1979年开始,潜心研究世界数学名题四色问题的人工证明,去年由科学出版社出版了《四色问题探秘》小册子。
 群组: 学术交流A |
王树禾教授在他的《图论》(2004年出版)第99-100页中,有定理5.6的证明,1 w+ Z. V ]; f( F
现在转载如下:9 s, r; T. [. q6 X
定理5.6 (Wernicke 1904){5次顶与5次顶相邻,5次顶与6次顶相邻}是不可避免集。
! m' L) ]: F' O2 o/ x8 ^$ O 证明:令T是一个不含二次、三次和四次顶的三角剖分。我们约定,开始时K次顶所带电荷7 o( L% U; M! S# v4 q
为6-K,由定理5.5,T上各顶总电荷为 ∑(6-K)Pk=12,其中Pk是k次顶的数目,,而K≥5.
2 r% N+ Z& ]. I' P, P6 Y: Q$ [$ Z8 S k 1 J k" t" P+ I x. ]8 R
把带一个单位正电荷的每个5次顶向其每个带负电荷的相邻顶输送1/5个电荷。
( f3 |: x8 @+ G; _ C4 \7 f 如果不存在5次顶与5次顶或者5次顶与6次顶相邻的想象,每个5次顶必有5个开始带负电荷' Z7 L4 l5 x9 A& H, S
的相邻顶,即5次顶与7次以上的顶相邻,最后5次顶上的电荷变成0.
4 | U0 z! U1 S3 n7 l/ V! a 考虑K≥7的顶,即使这种顶的相邻顶都是5次顶,这种K次顶所获电荷至多为K/5,使它带的& h s, ^3 `& s+ A q
总电荷为
0 B; v% X" l- N0 V5 U (6-K)+ K/5=6+K/6-K=(36-5K)/6<0, 【我把这个算式记为(1)】* N( y" F% Q1 W- c ?6 a! Q3 g9 S
于是T上的总电荷量是负的,不是12,矛盾。证明{5次顶与5次顶相邻,5次顶与6次顶相邻}是
( l+ _6 f3 T3 ?- q( g4 J% o0 R不可避免集。 y- H0 d/ T( H
[证毕]
+ H$ |" Y& C$ F) E2 V7 V) E6 ^- e3 k2 H1 V! c6 r' g
在以上证明中我们发现, (1)式第一个等号前后数字5和6不一致,
8 r* z2 V' ^5 R, r/ J 如果(1)式中的分母都是5的话,(1)式应该是
* N# ~/ l3 ?( t/ L) ^; v (6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 ,只有当K大于7时才有(1)< 0,这又表明开
$ Q- V5 }8 |: V4 n头“考虑K=7”有问题了。
) K1 O' \; `; p8 o [ 野花回复:应该是 k/6 ,]
7 E$ v) B! I6 I 如果确定是k/6,那么(1)式为 0 A& V0 z$ |, S+ {3 B
(6-K)+ K/6=6+K/6-K=(36-5K)/6<0,其中
, o+ p ]% r3 x. ^' ~4 J( k 把k=7带入(36-5K)/6时,得
4 h K0 d: g5 x3 s6 z4 {$ p ( 36-5x7)/6=1/6>0,显然与(1)式的值小于0矛盾,所以说明开头所设应该为k>7/ x g3 m- ? _, k& r" p
才对。但是这样一来,定理5.6中的构形就不是两个而是三个了。
4 D" \0 h2 ^5 ~. _! G8 p7 E$ b; T
- Z! B% Z# U* M$ T0 L" ^! } r/ f 那么(1)式究竟是什么样呢?是不是:& N- @* B' }$ w3 R2 k
(6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 < 1 (1-1)6 k& y- K% \8 J1 b* p% Q: b
或者+ [6 i$ j2 C; V3 o
(6-K)+ K/6=6+K/6-K=(36-5K)/6 < 1, (1-2)
, ` g5 T$ J0 N, h+ _因为只有在这两种情形下,所设K≥7才有意义。
, o8 ^ \3 ^3 ]# z! D1 n 如果千真万确 是(1-1) 或者(1-2) 的话,对于(1)式,我们可以仿照证明定理5.6的思路:" [& Q6 z6 C0 y7 q! P2 x; A4 T
考虑K≥6的顶,即使这种顶的相邻顶都是5次顶,这种K次顶所获电荷至多为K/5,使它带
9 a* \2 I6 u/ [; H( X A) a" e的总电荷为9 S8 k' A9 U' ^0 O/ Z! r, l+ Z
(6-K)+ K/5=6+K/5-K=(30-4K)/5 < 2
. ]# p' G: i+ r4 [+ @* n 或者 (6-K)+ K/6=6+K/6-K=(30-4K)/6 ≤ 1,4 L1 s$ G; U& T# ^
于是T上的总电荷量< 2 ,不是12,矛盾。证明定理5.6中只有第一种构形就够了。
0 L% Y H+ S6 L2 b 这是因为,比较考虑“K≥6”与“K≥7”的证明,只是前者比后者多考虑了K=6的情形,由于9 K% x* T7 G6 y+ _/ L
6次顶是中性的,它既不需要发出电荷,也不需要吸收电荷,所以可以完全不考虑它的存在,即没有) r: |8 U/ T+ y( K8 U6 u9 D7 P3 J
必要考虑5次顶与6次顶相邻的构形了。9 C( @( w6 u% i7 j$ b! @( u
如果这个仿照证明成立的话,就说明我在《数学学习与研究》2011(21)发表的《与阿$ e& V1 O) `* C
沛尔-哈肯证明四色定理商榷》文中的分析是正确的。(在我的搜狐博文《 Wernicke 第四不可" c' _ M, b N0 T3 b' _+ k& @
避免构形的简化》中有所修改)。
: T" _5 c5 M+ b& |" m 我的认识对不对,请王教授指导.
) R; T! l3 O& m6 W( z- _ 2014.04。09
) \- O" O0 q4 {/ V+ Q# Z: V5 T [野花回复:从这段内容看,此教材太差劲了!!!] & ^+ T# h! s/ B9 L) c0 B6 |
& m% \, o% a3 f4 v! g, m# ]+ H' j. G$ M( D2 O2 G5 J5 r
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zan
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